2018年贵州省黔东南州中考物理试卷含答案

A．

B．

C．

D．

A．

山间形成浓雾

B．

冰雪消融

C．

草叶上形成“白霜”

D．

草叶上形成“露珠”

考点：

升华和凝华的定义和特点．

专题：

汽化和液化、升华和凝华．

分析：

凝华是指物质由气态直接变成固态的现象，分析各选项中物质的状态变化，找出符合要求的选项．

解答：

解：A、山间的浓雾是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，不符合题意；

B、冰雪消融，由固态变成了液态，属于熔化现象，不符合题意；

C、草叶上的“白霜”，是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，属于凝华现象，符合题意；

D、草叶上形成“露珠”，是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，不符合题意．

故选C．

点评：

本题考查了物态变化现象的判断，把握住物质前后的状态的变化是解决此类题目的关键，属于基础的考查．

A．

通过汽车后视镜看到该车后面的其他车辆

B．

钢勺子好像在水面处折断了

C．

车子在水中形成“倒影”

D．

点燃的蜡烛通过小孔成像

考点：

光的折射现象及其应用．

专题：

光的折射、光的色散．

分析：

<1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；

<2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；

<3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的．

解答：

解：A、通过汽车后视镜看到该车后面的其他车辆，属于光的反射现象；故A错误；

B、钢勺子好像在水面处折断了，属于光的折射现象，故B正确；

C、车子在水中形成“倒影”，属于光的反射现象，故C错误；

D、点燃的蜡烛通过小孔成像，属于光的直线传播，故D错误．

故选B．

点评：

掌握以下光现象原理：

透镜、玻璃砖、看水中的物体一般都是光的折射原理；

影子、日月食、小孔成像都是光的直线传播原理；

镜子、水中倒影、潜望镜都是光的反射原理．

A．

B．

C．

D．

考点：

串、并联电路的设计．

专题：

设计与制作题；电流和电路．

分析：

根据题意可知，只有当“光控开关”、“声控开关”都闭合了灯才能亮，否则灯泡不亮；这说明两开关共同控制电路，即为串联．

解答：

解：根据题意可得，声控开关和光控开关串联后共同控制灯泡，用导线将各元件依次连接起来，如C选项中图所示．

故选C．

点评：

本题的关键是根据灯泡的工作条件确定开关的连接方式，然后根据串、并联的特点得出符合题意的电路图．

A．

使用前都应检查指针是否指零

B．

若有两个量程，一般都先用大量程“试触”

C．

两表都不能将两接线柱直接接到电源的两极上

D．

接入电路时，都应使电流从正接线柱流入，从负接线柱流出

考点：

电流表的使用；电压表的使用．

分析：

根据电压表和电流表的使用方法分析各个选项．

解答：

解：A、说法正确，使用前应校零；

B、说法正确，为读数准确和保护电表，应该试触；

C、说法错误，电流表不能直接接在电源上；

D、说法正确，都应使电流从正接线柱流入，从负接线柱流出．

故选C．

点评：

本题考查了电压表的使用规则：①电压表要并联在电路中；

②电流要从“+“接线柱流入，从“﹣“接线柱流出<否则指针反转）．

③被测电压不要超过电流表的量程<可以采用试触的方法来看是否超过量程）．

电流表的使用规则：①电流表要串联在电路中；

②电流要从“+“接线柱流入，从“﹣“接线柱流出<否则指针反转）．

③被测电流不要超过电流表的量程<可以采用试触的方法来看是否超过量程）．

④绝对不允许不经过用电器而把电流表连到电源的两极上<电流表内阻很小，相当于一根导线．若将电流表连到电源的两极上，轻则使电流表损坏，重则烧坏电流表、电源、导线）．

电流表读数：①看清量程；

②看清分度值<一般而言，量程0～3A分度值为0.1A，0～0.6A为0.02A）；

③看清表针停留位置<一定从正面观察）．

使用前的准备：①校零，用平口改锥调整校零按钮；

②选用量程<用经验估计或采用试触法）．

A．

绳拉牛的力小于牛拉绳的力

B．

绳拉牛的力小于地面对牛的摩擦力

C．

绳拉牛的力与牛拉绳的力是一对平衡力

D．

绳拉牛的力与地面对牛的摩擦力是一对平衡力

考点：

平衡力的辨别．

专题：

应用题．

分析：

<1）物体处于平衡状态<静止状态或匀速直线运功）时，所受的力就是平衡力．

<2）二力平衡的条件是两个力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在同一个物体上．

<3）相互作用力的大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在两个物体上．

解答：

解：因牛处于静止状态，所以绳拉牛的力与地面对牛的摩擦力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在同一个物体上是一对平衡力；

绳拉牛的同时，牛也要拉绳，这两个力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，分别作用在牛和绳上是一对相互作用力．

故选D．

点评：

本题考查了平衡力和相互作用力的辨别，两者的区别是看作用点是否在同一物体上，这也是学生容易出错的地方．

A．

当卫星从远地点向近地点运动时，速度变大

B．

当卫星从近地点向远地点运动时，速度变大

C．

当卫星在远地点时，动能最大，重力势能最小

D．

当卫星在近地点时，动能最小，重力势能最大

考点：

动能和势能的大小变化．

专题：

机械能及其转化．

分析：

<1）物体由于运动而具有的能叫做动能，动能大小与质量和速度有关；

<2）物体由于被举高而具有的能叫做重力势能，重力势能与物体的质量和高度有关．

解答：

解：卫星在太空中飞行时，在近地点，速度最大，动能达到最大，重力势能达到最小；在远地点时，速度最小，动能最小，重力势能最大．

故选A．

点评：

掌握动能和势能大小的影响因素，根据能量的影响因素能判断动能和势能的大小变化．

A．

电流表A示数与电流表A1示数的差值

B．

电压表V示数与与电流表A示数的比值

C．

电压表V示数与与电流表A示数的乘积

D．

电压表V示数与与电流表A1示数的乘积

考点：

电路的动态分析．

专题：

动态预测题；电路变化分析综合题．

分析：

①首先分析电路图，闭合电键S，电阻R1与滑动变阻器R2并联，电流表A1测量通过电阻R1的电流，电流表A测量电路总电流，电压表测量的是电源电压；

②当滑动变阻器的滑片P向右移动时，判断出滑动变阻器接入电路中电阻的变化，滑动变阻器两端的电压不变，根据欧姆定律可知该支路电流的变化；

③电阻R1两端的电压和电阻都不变，根据欧姆定律可知电流的变化，即电流表A1示数的变化；

④根据并联电路的电流特点，可知电流表A示数的变化，从而可以对四个选项逐一进行分析判断．

解答：

解：①从图可知，电阻R1与滑动变阻器R2并联，电流表A1测量通过电阻R1的电流，电流表A测量电路总电流，电压表测量的是电源电压，

∵电源的电压保持不变，

∴电压表的示数不变；

②当滑动变阻器的滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律I=可知，滑动变阻器所在支路中的电流变小；

③电阻R1两端的电压和电阻都不变，根据欧姆定律I=可知，通过电阻R1的电流不变，即电流表A1的示数不变；

④根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知，电流表A的示数变小．

A、电流表A示数与电流表A1示数的差值即为通过滑动变阻器的电流，而滑动变阻器所在支路中的电流变小，故A不符合题意．

B、∵电压表的示数不变，电流表A的示数变小，

∴电压表V示数与电流表A示数的比值变大，所以B不符合题意．

C、∵电压表的示数不变，电流表A的示数变小，

∴电压表V示数与电流表A示数的乘积变小，所以C不符合题意．

D、∵电压表的示数不变，电流表A1的示数不变，

∴电压表V示数与电流表A1示数的乘积不变，所以D符合题意．

故选D．

点评：

本题考查了学生对欧姆定律及其变形公式的掌握和运用，分析电路图得出电路的连接方式和三表的测量对象是本题的突破口，灵活运用并联特点和欧姆定律是关键．

考点：

太阳能的转化．

专题：

能源的利用与发展．

分析：

太阳能电池板把太阳能转化为电能，蓄电池充电时把电能转化为化学能、放电时把化学能转化为电能．

解答：

解：

太阳能电池板将太阳能转化电能；蓄电池充电时将电能转化为化学能储存起来；在夜晚时蓄电池对路灯供电照明，将化学能转化为电能．

故答案为：太阳；电；电；化学．

点评：

本题考查了太阳能电池板与蓄电池的能量转化，是一道基础题，知道转化前后能量存在的形式，是正确解题的关键．

考点：

核能．

专题：

能源的利用与发展．

分析：

核燃料在地球上的储量是有限的，属不可再生能源；

核能的释放包括核聚变和核裂变，核潜艇是通过核裂变来获得能量的．

解答：

解：

核燃料主要是浓缩铀，在地球上的储量是有限的，用完后不可能在短时间内得到补充，因此属不可再生能源；

核潜艇是利用可控的核裂变来进行工作的．

故答案为：不可；裂．

点评：

本题主要考查了学生对核能以及核潜艇工作原理的了解，这属于基本知识，是我们应该熟知的．

考点：

内燃机的四个冲程．

专题：

比热容、热机、热值．

分析：

①汽油机的一个工作循环由如图所示的四个冲程组成：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程；

根据曲轴的转动方向判断活塞的运行方向，再根据气门的关闭情况就可以确定是哪一个冲程．

②六冲程汽油机，多了一个水蒸气对外膨胀做功的过程，充分利用了汽油机工作后的余热．

解答：

解：①图中的气门都关闭，活塞向上运行，气缸容积减小，是压缩冲程；

②比原有的四冲程汽油多做一次功，因此六冲程中共做功两次，因为是利用排气冲程后的余热所以大大的提高了热机的效率，节约了能源．

故答案为：压缩；2；提高热机的效率<节约能源）．

点评：

此类属于信息题目，能够仔细阅读题目，理解其含义是解答本题的关键．

考点：

电磁波的传播；超声波与次声波．

专题：

声现象；信息的传递．

分析：

<1）广播、电视和移动通信都是利用电磁波来传递信息的．

<2）电磁波在水中衰减的很快，而且波长越短，损失越大，即使用大功率的低频电磁波，也只能传播几十M．然而，声波在水中传播的衰减就小得多．

解答：

解：<1）卫星电视信号就是利用地球同步卫星做电磁波通信的中继站来传递信息的，所以马航MH370航班飞机在失联前与地面指挥系统是通过电磁波传递信息的．

<2）“蓝鳍金枪鱼”自主水下航行器是通过超声波获得水下信息的．

故答案为：电磁波；超声波．

点评：

此题主要考查电磁波和超声波在传递信息中的应用，是一道基础题．

考点：

热传递改变物体内能；紫外线．

专题：

光的折射、光的色散；分子热运动、内能．

分析：

<1）改变物体内能有两种方式：做功和热传递；做功时发生了能量的转化，而热传递时发生了能量的转移；

<2）紫外线可以杀死微生物；

解答：

解：<1）消毒柜在工作时，电热丝加热温度升高，得到热风，是电能转化为内能的，然后把热量转移到餐具上使得餐具的温度升高，所以是通过热传递的方式改变了物体的内能；

<2）紫外线可以杀死微生物，这种消毒柜工作时还会发出人眼看不见的紫外线起到消毒的作用．

故答案为：热传递，紫外线．

点评：

此题中消毒柜对餐具加热时只是发生了能量的转移而没有发生能量的转化．

考点：

有用功和额外功；滑轮<组）的机械效率．

专题：

功、功率、机械效率．

分析：

<1）根据G=mg求出货物的重力，根据W=Gh求出有用功；

<2）根据η===求出拉力的大小．

解答：

解：<1）货物的重力G=mg=20kg×10N/kg=200N，

有用功W有用=Gh=200N×2m=400J；

<2）∵η===

∴工人的拉力F===125N．

故答案为：400；125．

点评：

此题主要考查的是学生对重力、功和机械效率计算公式的理解和掌握，注意变形公式的熟练运用，基础性题目．

考点：

杠杆中最小力的问题；力臂的画法．

专题：

简单机械．

分析：

根据杠杆平衡的条件，F1×L1=F2×L2，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长．而在通常情况下，连接杠杆中支点和动力作用点这两点所得到的线段最长，据此可解决此题．

解答：

解：在阻力与阻力臂一定时，由杠杆平衡条件可知，动力臂越大，动力越小，由图示可知，连接OP，即为力臂L1，过P点做垂直于OP的作用力F，如图所示．

点评：

熟练应用杠杆平衡条件、掌握力臂的作法即可正确解题．知道支点与力的作用点的连线为最长的力臂．

考点：

家庭电路的连接．

专题：

电与热、生活用电．

分析：

<1）灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套．

<2）三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线．

解答：

解：首先辨别上面三根线地线、火线、零线．即与开关相连的一定是火线，

<1）灯泡接法：火线进入开关，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故．既能控制灯泡，又能更安全．

<2）三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线．如图所示：

点评：

掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性．

考点：

透镜的光路图．

专题：

透镜及其应用．

分析：

仔细观察入射光线和折射光线的特点，根据凹透镜的光学特点作图．

解答：

解：对于凹透镜，过光心的光线其传播方向不变；指向另一侧焦点的光线经凹透镜折射后折射光线平行于主光轴．

点评：

凹透镜有三条特殊光线：过光心的光线其传播方向不变；指向另一侧焦点的光线经凹透镜折射后折射光线平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凹透镜折射后折射光线反向延长通过焦点．

考点：

电功率的测量．

专题：

测量型实验综合题．

分析：

<1）为保护电路，连接电路时，开关应断开；滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中．

<2）闭合开关后，发现小灯泡不亮，但电表有示数，说明电路是通路，不用更换灯泡，也不用检查电路是否断路，可能是连入电阻太大，电路中电流太小所致，分析电阻过大的原因，然后进行下一步操作．

<3）额定电压下灯泡正常发光，根据电流表的量程和分度值读出电流，根据P=UI求出灯泡的额定功率．

解答：

解：<1）连接电路图时，开关应断开；滑动变阻器上端任意一接线柱与灯泡连接即可，如下图所示：

<2）闭合开关前，滑片置于阻值最大处，闭合开关后，电流表有示数，说明电路是通路，电路不存在断路，滑动变阻器阻值全部接入电路，电路总电阻很大，电路电流很小，灯泡实际功率很小，可能不足以引起灯泡发光，下一步操作：移动滑动变阻器滑片，观察小灯泡是否发光，即应进行C项操作．

<3）灯泡正常发光，则电压应为2.5V；由图可知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，所以电流表的示数为0.28A，灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.28A=0.7W．

故答案为：<1）断开；电路图如图所示；<2）C；<3）2.5；0.28；0.7．

点评：

本题考查了连接电路的注意事项、连接实物图、电流表的读数、电路故障的判断等，是中招常见的实验探究题类型．

考点：

探究杠杆的平衡条件实验．

专题：

探究型实验综合题．

分析：

<1）杠杆倾斜时，杠杆的重心偏向杠杆下沉的一端，左、右两端的螺母<或一端的螺母）要向杠杆上翘的一端调节；实验前先要调节杠杆在水平位置平衡，使杠杆平衡的目的有两个：一是避免杠杆重力对杠杆转动的影响；二是便于测量力臂的长度；

这是为使杠杆所受的重力通过支点，从而可以不考虑杠杆的重力对其转动的影响；调节好以后，仍要使杠杆在水平位置平衡，是为了便于测量力臂的长度；

<2））杠杆的平衡条件是：F1L1=F2L2；力臂是指支点到力的作用线的距离；

<3）钩码在支点的左侧，要使杠杆平衡，根据杠杆的平衡条件：F1L1=F2L2，将已知条件代入便可求出F1的大小；

从图中直接读出力的大小，然后根据力臂的变化分析原因．

解答：

解：<1）杠杆左端下沉，为了使它在水平位置平衡，应将杠杆两端的平衡螺母向右调节；

实验前先要调节杠杆在水平位置平衡，这是为使杠杆所受的重力通过支点，从而可以不考虑杠杆的重力对其转动的影响；调节好以后，仍要使杠杆在水平位置平衡，是为了便于测量力臂的长度；

<2）他的结论不可靠；

杠杆在水平位置平衡，并且动力和阻力垂直作用在杠杆上，此时动力臂和阻力臂都在杠杆上，“动力×支点到动力作用点的距离=阻力×支点到阻力作用点的距离”成立；当动力和阻力不垂直作用在杠杆上，动力臂和阻力臂小于支点和作用点之间的距离，“动力×支点到动力作用点的距离=阻力×支点到阻力作用点的距离”不成立；

<3）设一格的长度为L，杠杆在水平位置平衡，则力F1的方向应竖直向上，由F1L1=F2L2得，0.5N×3×6L=F1×4L，解得，F1=2.25N；

从c图中可以看出，弹簧秤的作用力最长的力臂为4L，即杠杆的长度，当力的方向发生改变时，力臂将减小，因此作用力将变大．

故答案为：<1）右；便于测量力臂；

<2）不可靠；杠杆在水平位置平衡，并且动力和阻力垂直作用在杠杆上，此时动力臂和阻力臂都在杠杆上，“动力×支点到动力作用点的距离=阻力×支点到阻力作用点的距离”成立；当动力和阻力不垂直作用在杠杆上，动力臂和阻力臂小于支点和作用点之间的距离，“动力×支点到动力作用点的距离=阻力×支点到阻力作用点的距离”不成立；

<3）2.25；变大．

点评：

本题考查调节平衡螺母的作用、杠杆实验时动力和阻力的实验要求及根据杠杆平衡条件计算．当杠杆处于水平位置平衡时，竖直作用在杠杆上的力的力臂在杠杆上，倾斜作用在杠杆上力的力臂在杠杆以外的位置上，力臂变小．

考点：

探究影响电磁铁磁性强弱的因素的实验．

专题：

探究型实验综合题．

分析：

<1）要掌握转换法．知道电磁铁的磁性强弱是通过吸引大头针的多少来体现的；

<2）电磁铁的磁性强弱与电流大小和线圈匝数有关，根据控制变量法，若要探究磁性强弱与电流大小的关系，需要保持线圈匝数不变．

解答：

解：

<1）电磁铁磁性强弱通过比较电磁铁吸引大头针的多少来反映，电磁铁吸引的大头针越多，电磁铁磁性越强；此实验运用的是转换法；

把敲响的音叉接触水面，看有没有溅起水花，来判断音叉有没有振动，把音叉的振动通过水花来体现，运用了转化法，所以选C；

<2）乙的滑动变阻器电阻小于甲的电阻，所以乙中通过线圈的电流大于甲中的电流，从图上可以看出，乙吸引的大头针较多，说明乙的磁性较强．

故答案为：

<1）吸起大头针的多少；C；

<2）甲；大．

点评：

此题是探究影响电磁铁磁性强弱的因素实验，实验中应用了转换法，利用电磁铁吸引大头针的多少来判断电磁铁磁性的强弱；同时应用了控制变量法，要知道电磁铁的磁性强弱与电流的大小和线圈匝数有关，要研究电磁铁磁性与其中一个量的关系，需要控制另一个量．

序号

液体

深度/cm

橡皮膜方向

压强计左右液面高度差/cm

1

水

5

朝上

4.9

2

水

5

朝下

4.9

3

水

5

朝侧面

4.9

4

水

10

朝侧面

9.7

5

水

15

朝侧面

14.6

6

酒精

15

朝侧面

11.8

考点：

探究液体压强的特点实验．

专题：

实验题；压轴题；控制变量法．

分析：

由图表可知，<1）同种液体、深度相同，不同的是方向，液面差相等即压强相等；

<2）同种液体、方向相同、深度增加，压强计液面差增大即压强增大；

<3）同一深度、不同液体，只有5、6组．

解答：

解：由图表可知：

<1）同种液体、深度相同，不同的是方向，液面差相等即压强相等，说明液体压强与方向无关；

<2）同种液体、方向相同、深度增加，压强计液面差增大即压强增大，说明液体压强与深度有关，深度越深压强越大；

<3）同一深度、不同液体，只有5、6组．

故答案为：<1）1、2、3；<2）液体的压强随深度的增加而增加；<3）5、6

点评：

本题研究液体压强的特点，采用的是控制变量法．即探究与其中一个因素的关系时，必须控制其他的量不变．

考点：

影响蒸发快慢的因素；磁场对通电导线的作用．

专题：

简答题；答案开放型．

分析：

根据题目中提到的物理情景风扇工作、人感到凉快，针对这些具体现象，提出问题并利用相应的物理知识加以解答．

解答：

解：问题1：风扇对着人吹，为什么人感到凉快？

答：电风扇转动时，加快了室内空气的流动，使人体表面汗液的蒸发加快，从而加快吸收人体更多的热量．

问题2：电风扇的扇页为什么能转动？

答：通电线圈在磁场中受力转动．

点评：

这是一道物理情景题，针对题目中的具体现象提出具体问题加以解决．这种题目是考查的热点：如给出一辆自行车让找出对应的部件与用到的物理知识就是这种题型．

额定电压

220V

额定功率

1210W

最大容量

1L

考点：

电功与热量的综合计算．

专题：

计算题；电和热综合题．

分析：

<1）电热水壶正常工作时的功率和额定功率相等，根据P=UI求出正常工作时的电流；

<2）知道电热水壶正常工作时的功率和电压，根据电阻；

<3）在一标准大气压下水的沸点是100℃，根据Q吸=cm△t求出水吸收的热量；

<4）再根据W=UIt=t求出消耗的电能，利用η=×100%求出此时电水壶工作的效率．

解答：

解：<1）电水壶正常工作时的功率为1280W，电压为220V，

根据P=UI可得，此电水壶正常工作时的电流：

I===5.5A；

<2）根据P=可得，电热水壶的电阻：

R===40Ω；

<3）在一标准大气压下水的沸点是100℃，则水烧开时吸收的热量：

Q吸=cm﹣t0）=4.2×103J/℃）×1kg×<100℃﹣18℃）=3.444×105J，

<4）电水壶的加热时间：

t=5min50s=5×60s×50s=350s，

消耗的电能：W=t=×350s=385875J，

此时电水壶工作的效率：

η=×100%=×100%≈89.3%．

答：<1）电水壶正常工作时的电流约为5.5A；

<2）该电水壶电热丝的电阻约为40Ω；

<3）水从20℃烧开所吸收的热量是3.444×105J；

<4）现测得电源电压为210V，此电水壶工作的效率约为89.3%．

点评：

本题考查了电功与热量的综合计算，涉及到电功率公式和吸热公式、电功公式、效率公式的灵活应用，关键是从表格中得出有用的信息和知道用电器正常工作时的功率与额定功率相等．